Phương Pháp đặt ẩn Phụ Trong Giải Phương Trình ... - Thư Viện Đề Thi

Có thể bạn quan tâm

Trang Chủ
Đăng ký
Đăng nhập
Upload
Liên hệ

Trang Chủ › Toán Học›Toán 9 Phương pháp đặt ẩn phụ trong giải phương trình vô tỉ pdf

13 trang

khoa-nguyen Lượt xem

4827

1 Download Bạn đang xem tài liệu "Phương pháp đặt ẩn phụ trong giải phương trình vô tỉ", để tải tài liệu gốc về máy bạn click vào nút DOWNLOAD ở trên

PHƯƠNG PHÁP ĐẶT ẨN PHỤ TRONG GIẢI PHƯƠNG TRÌNH VÔ TỈ Nguyễn Phi hùng - Võ Thành Văn A. Lời đầu Qua bài viết này chúng tôi muốn giới thiệu cho các bạnmột số kĩ năng đặt ẩn phụ trong giải phương trình vô tỷ. Như chúng ta đã biết có nhiều trường hợp giải một phương trình vô tỷ mà ta biến đổi tương đương sẽ ra một phương trình phức tạp, có thể là bậc quá cao. ..Có lẽ phương pháp hữu hiệu nhất để giải quyết vấn đề này chính là đặt ẩn phụ để chuyển về một phương trình đơn giản và dễ giải quyết hơn. Có 3 bước cơ bản trong phương pháp này: - Đặt ẩn phụ và gán luôn điều kiện cho ẩn phụ - Đưa phương trình ban đầu về phương trình có biến là ẩn phụ Tiến hành giải quyết phương trình vừa tạo ra này. Đối chiếu với điều kiện để chọn ẩn phụ thích hợp. - Giải phương trình cho bởi ẩn phụ vừa tìm được và kết luận nghiệm * Nhận xét: - Cái mấu chốt của phương pháp này chính là ở bước đầu tiên. Lí do là nó quyết định đến toàn bộ lời giải hay, dở, ngắn hay dài của bài toán. - Có 4 phương pháp đặt ẩn phụmà chúng tôi muốn nêu ra trong bài viết này đó là: + PP Lượng giác hoá + PP dùng ẩn phụ không triệt để + PP dùng ẩn phụ đưa về dạng tích + PP dùng ẩn phụ đưa về hệ B. Nội dung phương pháp I. Phương pháp lượng giác hoá 1.Nếu |x| ≤ a thì ta có thể đặt x = a sin t , t ∈ ( −pi 2 ; pi 2 ) hoặc x = a cos t , t ∈ (0;pi) Ví dụ 1. Giải phương trình: √ 1+ p 1−x2 = x ( 1+2 p 1−x2 ) Lời giải: ĐK : |x| ≤ 1. Đặt x = sin t , t ∈ ( −pi 2 ; pi 2 ) . Phương trình đã cho trở thành : p 1+cos t = sin t (1+2cos t )⇔ p 2cos t 2 = 2sin 3t 2 cos t 2 ⇔ cos t 2 (p 2sin 3t 2 −1 ) = 0 ⇔  cos t 2 = 0 cos 3t 2 = 1p 2 ⇔  t = (2k+1)pi t = pi 6 +k 4pi 3 (k ∈Z) 1 www.VNMATH.com Kết hợp với điều kiện của t suy ra : t = pi 6 Vậy phương trình có 1 nghiệm : x = sin pi 6 = 1 2 Ví dụ 2. Giải phương trình: √ 1+ p 1−x2 [√ (1+x)3− √ (1−x)3 ] = 2p 3 + √ 1−x2 3 Lời giải: ĐK : |x| ≤ 1 Khi đó V P > 0. Nếu x ∈ [−1;0] thì √ (1+x)3− √ (1−x)3 ≤ 0 Nếu x ∈ [0;1] thì đặt x = cos t , với t ∈ [ 0; pi 2 ] ta có : 2 p 6 ( sin t 2 +cos t 2 )( cos3 t 2 − sin3 t 2 ) = 2+ sin t ⇔ 2p6cos t ( 1+ 1 2 sin t ) = 2+ sin t⇔ (p 6cos t −1 ) . (2+ sin t )= 0⇔ cos t = 1p 6 Vậy nghiệm của phương trình là x = 1p 6 Ví dụ 3. Giải phương trình: p 1−2x+p1+2x = √ 1−2x 1+2x + √ 1+2x 1−2x Lời giải: ĐK : |x| ≤ 1 2 Đặt 2x = cos t , t ∈ (0;pi). Phương trình đã cho trở thành :( sin t 2 +cos t 2 )p 2= tan t 2 +cot t 2 ⇔ 2(1+ sin t )= 4 sin2 t ⇔ sin3 t + sin2 t −2= 0⇔ cos t = 0 Vậy phương trình có nghiệm duy nhất x = 0 Ví dụ 4. Giải phương trình: x3−3x =px+2 (1) (THTT) Hướng dẫn: Nếu x <−2 : phương trình không xác định . Chú ý với x > 2 ta có : x3−3x = x+x (x2−4)> x >px+2 vậy để giải phương trình (1) ta chỉ cần xét với x ∈ [−2;2] Đặt x = 2cos t , t ∈ (0;pi) khi đó phương trình đã cho trở thành : cos3t = cos t 2 2.Nếu |x| ≥ a thì ta có thể đặt: x = a sin t , t ∈ ( −pi 2 ; pi 2 ) , t 6= 0 hoặc x = a cos t , t ∈ (0;pi) , t 6= pi 2 Ví dụ 5. Giải phương trình: x2 ( 2− 1p x2−1 ) = 2 Lời giải: 2 www.VNMATH.com ĐK: |x| > 1 Đặt x = 1 sin t , t ∈ ( −pi 2 ; pi 2 ) . Phương trình đã cho trở thành: 1 sin2 t (2−| tan t |)= 2 ⇔ 2cos2 t = | tan t |⇔ 4cos4 t = 1 cos2 t −1⇔ 4cos6 t +cos2 t–1= 0⇔ cos2 t = 1 2 .⇔ t = pi 4 +kpi 2 . Kết hợp với điều kiện của t suy ra t =±pi 4 . Vậy phương trình có 2 nghiệm: x =± 1 sin pi 4 =±p2 Bạn hãy tự tìm cách giải cho phương trình dạng tổng quát: x2 ( a− 1p x2−1 ) = a Ví dụ 6. Giải phương trình: x+ xp x2−1 = 2p2 Lời giải: ĐK: |x| > 1. Dễ thấy ∀x < 0 không phải là nghiệm của phương trình. Đặt x = 1 cos t , t ∈ ( 0; pi 2 ) . Phương trình đã cho trở thành: 1 cos t + 1 sin t = 2p2⇔ sin t +cos t = 2p2sin t .cos t Đặt u = sin t +cos t , với 1≤ u ≤p2, ta có phương trình: p 2u2–u– p 2= 0⇔  u =p2 u =− 1p 2 Ta loại nghiệm u =− 1p 2 Với u =p2 ta có: sin t +cos t =p2⇔p2sin t ( t + pi 4 ) =p2⇔ t = pi 4 +2kpi Kết hợp với điều kiện của t ta có t = pi 4 Vậy x = 1 cos pi 4 =p2 (thỏa mãn) Tương tự, ta có thể giải được phương trình dạng tổng quát: x+ axp x2−a2 = b 3.Đặt x = tan t , t ∈ ( −pi 2 ; pi 2 ) để đưa về phương trình lượng giác đơn giản hơn: Ví dụ 7. Giải phương trình: x3−3p3x2−3x+p3= 0, (1) Lời giải: Do x 6= ± 1p 3 không là nghiệm của phương trình nên: (1)⇔ 3x−x 3 1−3x2 = p 3, (2) 3 www.VNMATH.com Đặt x = tan t , t ∈ ( −pi 2 ; pi 2 ) . Khi đó (2) trở thành: tan3t =p3⇔ t = pi 9 +kpi 3 Suy ra (1) có 3 nghiệm: x = tan pi 9 ;x = tan 2pi 9 ;x = tan 7pi 9 Ví dụ 8. Giải phương trình: p x2+1+ x 2+1 2x = ( x2+1)2 2x ( 1−x2) Lời giải: ĐK: x 6= 0;x 6= ±1 Đặt x = tan t , t ∈ ( −pi 2 ; pi 2 ) , t 6= 0;±pi 4 . Phương trình đã cho trở thành: 1 cos t + 1 sin2t = 2 sin4t ⇔ 1 cos t ( 1+ 1 2sin t − 1 2sin t .cos2t ) = 0 ⇔ 2sin t .cos2t +cos2t −1= 0⇔ 2sin t (1−2sin2 t)−2sin2 t = 0⇔ sin t (1− sin t −2sin2 t)= 0 ⇔  sin t = 0 sin t =−1 sin t = 12 ⇔  t =−pi2 +k2pi t = pi 6 +k2pi Kết hợp với điều kiện suy ra: t = pi 6 Vậy phương trình có 1 nghiệm: x = 1p 3 4.Mặc định điều kiện: |x| ≤ a. sau khi tìm được số nghiệm chính là số nghiệm tối đa của phương trình và kết luận: Ví dụ 9. Giải phương trình: 3 p 6x+1= 2x Lời giải: Phương trình đã cho tương đương với: 8x3−6x = 1 (1) Đặt x = cost , t ∈ [0;pi]. Phương trình (1) trở thành: cos3t = 1 2 ⇔ t =±pi 9 +k 2pi 3 (k ∈Z) Suy ra (1) có tập nghiệm: S = { cos pi 9 ;cos 5pi 9 ;cos 7pi 9 } II. Phương pháp dùng ẩn phụ không triệt để ? Nội dung phương pháp: Đưa phương trình đã cho về phương trình bậc hai với ẩn là ẩn phụ hay là ẩn của phương trình đã cho: Đưa phương trình về dạng sau: √ f (x).Q(x)= f (x)+P (x).x 4 www.VNMATH.com khi đó: Đặt √ f (x)= t , t > 0. Phương trình viết thành: t2− t .Q(x)+P (x)= 0 Đến đây chúng ta giải t theo x. Cuối cùng là giải quyết phương trình √ f (x) = t sau khi đã đơn giản hóa và kết luận: Ví dụ 10. Giải phương trình: 2 p 2x+4+4p2−x = p 9x2+16 (1) Lời giải: ĐK: |x| ≤ 2 (1)⇔ 4(2x+4)+16 √ 2(4−x2)+16(2−x)= 9x2+16⇔ 8(4−x2)+16 √ 2(4−x2)= x2+8x Đặt t = √ 2(4−x2). Lúc đó phương trình trở thành: 4t2+16t −x2−8x = 0 Giải phương trình trên với ẩn t , ta tìm được: t1 = x 2 ; t2 =−x 2 −4 Do |x| ≤ 2 nên t2 < 0 không thỏa điều kiện t ≥ 0 . Với t = x 2 thì: √ 2(4−x2)= x 2 ⇔ [ x ≥ 0 8 ( 4−x2)= x2 ⇔ x = 4 p 2 3 (thỏa mãn điều kiên |x| ≤ 2) Ví dụ 11. Giải phương trình: x2+x+12px+1= 36 Lời giải: ĐK: x ≥−1 Đặt t =px+1≥ 0, phương trình đã cho trở thành: x.t2+12u−36= 0⇔ t = −6±6t x * Với t = −6−6t x , ta có: (x+6)t =−6 (vô nghiệm vì: V T ≥ 0;V P < 0) * Với t = −6+6t x , ta có: 6= (6−x)t Do x = 6 không là nghiệm của phương trình nên: t = 6 6−x ⇔ p x+1= 6 6−x Bình phương hai vế và rút gọn ta được: x = 3 (thỏa mãn) Bạn hãy tự giải phương trình dạng tổng quát: x2+ax+2bpx+a = b2 Ví dụ 12. Giải phương trình: 3( p 2x2+1−1)= x(1+3x+8 p 2x2+1) Lời giải: Đặt p 2x2+1= t ≥ 1. Phương trình đã cho viết thành: 3(t −1)= x+3(t2−1)−3x2+8xt⇔ 3t2− (8x−3)t −3x2+x = 0 5 www.VNMATH.com Từ đó ta tìm được t = x 3 hoặc t = 1−3x Giải ra được: x = 0. * Nhận xét: Cái khéo léo trong việc đặt ẩn phụ đã được thể hiện rõ trong ở phương pháp này và cụ thể là ở ví dụ trên. Ở bài trên nếu chỉ dừng lại với việc chọn ẩn phụ thì không dễ để giải quyết trọn vẹn nó. Vấn đề tiếp theo chính là ở việc kheo léo biến đổi phần còn lại để làm biến mất hệ số tự do, việc gải quyết t theo x được thực hiện dễ dàng hơn. Ví dụ 13. Giải phương trình: 2008x2−4x+3= 2007xp4x−3 Lời giải: ĐK: x ≥ 3 4 Đặt p 4x−3= t ≥ 0. Phương trình đã cho trở thành: 2008x2−2007xt − t2 = 0 Giải ra: x = t hoặc x =− t 2008 (loại) * x = t ta có: x2−4x+3= 0⇔ [ x = 1 x = 3 Vậy x = 1,x = 3 là các nghiệm của phương trình đã cho. Ví dụ 14. Giải phương trình: (4x−1) p x3+1= 2x3+2x+1 Lời giải: ĐK: x ≥−1 Đặt t = p x3+1. Phương trình đã cho trở thành: 2(t2−1)+2x+1= (4x−1)t⇔ 2t2− (4x−1)t +2x−1= 0 Phương trình trên đã khá đơn giản. Bạn đọc tự giải III. Phương pháp dùng ẩn phụ đưa về dạng tích 1. Dùngmột ẩn phụ Ví dụ 15. Giải phương trình x2+ √ x+ 3 2 = 9 4 (1) Lời giải: ĐK : x ≥−3 2 . Đặt √ x+ 3 2 = t , t ≥ 0 phương trình (1) trở thành : ( t2− 3 2 )2 = 9 4 –t⇔ t (t3−3t +1)= 0⇔ [ t = 0 t3−3t +1= 0, (2) (2) giải đựoc bằng cách áp dụng phương pháp I : Đặt x = 2cos t , t ∈ (0;pi) để đưa về dạng : cos3t =−1 2 Tổng quát: Giải phương trình x2+px+a = a2. Với a là hắng số cho trước . 6 www.VNMATH.com Ví dụ 16. Giải phương trình: x3−3x2+2 √ (x+2)3 = 6x (1) Lời giải: ĐK : x ≥−2 Viết lại (1) dưới dạng : x3−3x(x+2)+2 √ (x+2)3 = 0, (2) Đặt t =px+2≥ 0. Khi đó (2) trở thành : x3−3xt2+2t3⇔ (x− t )2(x+2t )= 0⇔ [ x = t x =−2t ? x = t . Ta có : x =px+2⇔ { x ≥ 0 x2−x−2= 0 ⇔ x = 2 ? x =−2t . Ta có : x =−px+2⇔ { x ≤ 0 x2−4x−8= 0 ⇔ x = 2−2 p 3 Vậy phương trình đã cho có 2 nghiệm : x = 2,x = 2−2p3 Ví dụ 17. Giải phương trình: x+ √ 5+px−1= 0 Lời giải: ĐK : x ∈ [1;6], (1)Đặt t =px−1, t ≥ 0, (2) phương trình đã cho trở thành : t2+p5+ t = 5, (3)⇔ t4−10t2− t +20= 0⇔ (t2+ t −4)(t2− t −5)= 0 Đối chiếu với hai điều kiện (1) và (2) thay vào và giải ra : x = 11− p 17 2 Ví dụ 18. Giải phương trình: x = (2006+px)(1−√1−px) Lời giải: ĐK : x ∈ [0;1], (1)Đặt t = √ 1−px⇒ 0≤ t ≤ 1. Khi đó: p x = 1− t2,x = (1− t2)2 phương trình đã cho trở thành : (1− t2)2 = (2006+1− t2)(1− t )2⇔ (1− t )2(1+ t )2 = (2007− t2)(1− t )2⇔ 2(1− t )2(t2+ t −1003) Vì 0≤ t ≤ 1 nên: t2+ t −1003< 0Do đó phương trình tương đương với : t −1= 0⇔ t = 1 Do vậy x = 0 (thỏa (1)) 2. Dùng hai ẩn phụ Ví dụ 19. Giải phương trình: p 4x2+5x+1−2 p x2−x+1= 9x−3 Lời giải: Đặt a = p 4x2+5x+1,b = 2 p x2−x+1 ⇒ a2−b2 = 9x–3⇒ a−b = a2−b2⇔ (a−b)(a+b−1)= 0 7 www.VNMATH.com ? a−b = 0⇒ x = 1 3 ? a+b−1= 0⇒ { a−b = 9x−3 2a = 9x−2 ⇒ [ x = 0 x = 5665 Ví dụ 20. Giải phương trình: 2(x2−3x+2)= 3 p x3+8, (1) Lời giải: ĐK : −2≤ x ≤ 1 hoặcx ≥ 2.Đặt u = p x2−2x+4,v =px+2 ta có : u2− v2 = x2−3x+2. (1) trở thành : 2(u2− v2)= 3uv⇔ (2u+ v)(u−2v)= 0⇔ u = 2v (Do 2u+ v > 0) Để tìm x, ta giải : √ x2−2x+4= 2px+2⇔ x2−6x−4= 0⇔ x = 3±p13 Kết hợp với điều kiện, phương trình (1) có 2 nghiệm : x = 3±p13 Ví dụ 21. Giải phương trình: p 5x2−14x+9− p x2−x−20= 5px+1, (1) Lời giải: ĐK : x ≥ 5 Chuyển vế rồi bình phương hai vế, ta được: (x+1)(5x+9)= x2+24x+5+10 √ (x+4)(x−5)(x+1) ⇔ 2(x2−4x−5)+3(x+4)−5 √ (x2−4x−5)(x+4)= 0, (2)Đặt u = √ (x2−4x−5) và v =px+4,u,v ≥ 0. Thì: (2)⇔ 2u2+3v2−5uv = 0⇔ (u− v)(2u−3v)= 0 * u = v ta có :x2−5x−9= 0 * 2u = 3v ta có : 4x2−25x−56= 0 Giải ra ta được 2 nghiệm thỏa mãn: x = 5+ p 61 2 ,x = 8 Ví dụ 22. Giải phương trình: p x+ 4 √ x(1−x)2+ 4 √ (1−x)3 =p1−x+ 4 p x3+ 4 √ x2(1−x) Lời giải: ĐK : 0≤ x ≤ 1 Đặt: { u = 4px v = 4p1−x ⇒  u ≥ 0 v ≥ 0 u4+ v4 = 1 Từ phương trình ta được : u2+uv2+ v3 = v2+u3+u2v ⇔ (u− v)(u+ v)(1−u− v)= 0⇔ (u− v)(1−u− v)= 0( Do u+ v > 0) từ đó ta giải ra được các nghiệm :x = 0,x = 1 2 ,x = 1 3. Dùng ba ẩn phụ Ví dụ 23. Giải phương trình 3 p 7x+1− 3 p x2−x−8+ 3 p x2−8x+1= 2 Lời giải: 8 www.VNMATH.com Đặt a = 3p7x+1,b =− 3 p x2−x−8,c = 3 p x2−8x+1, ta có: a+b+ c = 2 a3+b3+ c3 = (7x+1)− (x2−x−8)+ (x2−8x−1)= 8, (1) Mặt khác: (a+b+ c)3 = 8, (2) Từ (1) và (2) ta có: (a+b+ c)3− (a3+b3+ c3)= 3(a+b)(b+ c)(c+a) Nên: (a+b)(b+ c)(c+a)= 0⇔  a =−b b =−c c =−a Từ đó dễ dàng tìm ra 4 nghiệm của phương trình: S =−1;0;1;9 Ví dụ 24. Giải phương trình: 3 p 3x+1+ 3p5−x+ 3p2x−9− 3p4x−3= 0, (1) Lời giải: Đặt a = 3p3x+1;b = 3p5−x;c = 3p2x−9 Suy ra: a3+b3+ c3 = 4x−3 khi đó từ (1) ta có: (a+b+ c)3 = (a3+b3+ c3)⇔ (a+b)(b+ c)(c+a)= 0 Giải như ví dụ 23 suy ra được 3 nghiệm của phương trình: x =−3;x = 4;x = 8 5 IV. Phương pháp dùng ẩn phụ đưa về hệ 1. Dùng ẩn phụ đưa về hệ đơn giản a. Dùng một ẩn phụ . Ví dụ 25. Giải phương trình: x2+px+5= 5 Lời giải: ĐK: x ≥−5Đặt t =px+5, t ≥ 0. Khi đó: x = t2−5. Do đó ta có: { x2+ t = 5 t2−x = 5 ⇔ { x2+ t = 5 x2− t2+ t +x = 0 ⇔ { x2+ t = 5 (x+ t )(x+1− t )= 0 ⇔  { x2+ t = 5 x+ t = 0{ x2+ t = 5 x+1− t = 0 Giải hệ và kiểm tra điều kiện, ta được: x = ±1− p 21 2 Bài toán tổng quát: Giải phương trình x2+px+a = a 9 www.VNMATH.com b. Dùng 2 ẩn phụ . Đối với phương trình dạng m √ a+ f (x)+ n √ b− f (x)= c Ta đặt: u = m √ a+ f (x);v = n √ b− f (x) Như vậy ta có hệ: { u+ v = c um + vn = a+b Ví dụ 26. Giải phương trình 4 p 57−x+ 4px+40= 5, (1) Lời giải: ĐK: −40≤ x ≤ 57Đặt u = 4p57−x;v = 4px+40 Khi đó: (1)⇔ { u+ v = 5 u4+ v4 = 97 ⇔ { u+ v = 5 2(uv)2−10uv +528= 0 ⇔  u+ v = 5[ uv = 6 uv = 44 ⇔ { u+ v = 5 uv = 6 Ta thu được u = 2;v = 3hoặc u = 3;v = 2. Đến đây chỉ việc thay vào để tìm nghiệm của phương trình ban đầu . Ví dụ 27. Giải phương trình √p 2−1−x+ 4px = 1 4 p 2 Lời giải: ĐK: 0≤ x ≤p2−1Đặt: √p 2−1−x = u; 4px = v Với 0≤ u ≤ √p 2−1;0≤ v ≤ 4 √p 2−1Như vậy ta được hệ:  u+ v = 1 4 p 2 u2+ v4 =p2−1. ⇒  u = 1 4 p 2 − v( 1 4 p 2 − v )2 + v4 =p2−1 Giải (1): (1)⇒ (v2+1)2− ( 1 4 p 2 + v )2 = 0⇒ v2− v +1− 1 4 p 2 = 0⇒ v1,2 = 1± √ 4 4 p 2 −3 2 , (v1,2 > 0) Vậy v1,2 (thỏa mãn điều kiện) chính là 2 nghiệm của phương trình đã cho . Ví dụ 28. Giải phương trình: √ 7 4 p x−1+x2 = (1−px)2 Lời giải: Đặt: y =px, y ≥ 0;z = 1−px. Ta có: ⇔ { y + z = 1, (1) uv = 6 ⇔  y + z = 1 y4− z4 = 7 4 p x−1, (2) Thế (1) vào (2) ta có y4− (1− y)4 = 7 4 y −1⇒ 4y(y − 3 4 )2 = 0⇔ [ y = 0 y = 34 ⇔ [ x = 0 x = 916 www.VNMATH.com 2. Dùng ẩn phụ đưa về hệ đối xứng Dạng 1: Phương trình dạng xn +b = a npax−b Cách giải: Đặt t = npax−b ta có hệ: { xn +b = at tn +b = ax Ví dụ 29. Giải phương trình x3+1= 2 3p2x−1 Lời giải: Đặt: t = 3p2x−1 ta có: t3 = 2x−1⇒ { x3+1= 2t t3+1= 2x ⇔ { x3+1= 2t x3− t3 = 2(t −x) ⇔ { x3+1= 2t (x− t )(x2+ t2+ t + t x+2)= 0⇔ { x = t x3−2x+1= 0 (1) ∨ { x3+1= 2t x2+ t2+ t x+2= 0 (2) (1)⇔ (x−1)(x2+x−1)= 0⇔ x = 1∨x = −1± p 5 2 (2)⇔ (t +x)2+x2+ t2+4= 0, (3) Phương trình (3) vô nghiệm. Vậy nghiệm của phương trình là: x = 1;x = −1± p 5 2 Dạng 2: Phương trình dạng x = a+ √ a+px Cách giải: Đặt t = a+px PT ⇔ { x = a+pt t = a+px Ví dụ 30. Giải phương trình x = 2007+ √ 2007+px Lời giải: ĐK: x > 0Đặt: t = 2007+px, (1) PT ⇔ { x = 2007+pt , (2) t = 2007+px, (3) Trừ từng vế của (3) cho (2) ta được: x− t =pt −px⇔ (pt −px)(pt +px+1)= 0⇔ x = t (1)⇒ x−px−2007= 0⇒ x = 8030+2 p 8029 4 (x > 0) Dạng 3: Chọn ẩn phụ từ việc làm ngược: Ví dụ 31. Giải phương trình x2−2x = 2p2x−1 Lời giải: ĐK: x ≥ 1 2 . Đặt p 2x−1= ay +b. Chọn a,b để hệ: (I ) { x2−2x = 2(ay +b) (ay +b)2 = 2x−1 , ( x ≥ 1 2 ; y ≥ 1 ) www.VNMATH.com là hệ đối xứng. Lấy a = 1,b =−1ta được hệ:{ x2−2x = 2(y −1) y2−2y = 2(x−1)⇒ { x2−2x = 2(y −1) x2− y2 = 0 Giải hệ trên ta được: x = y = 2±p2 Đối chiếu với điều kiện của hệ (I ) ta được nghiệm duy nhất của phương trình là: x = 2+p2 Dạng 4 : Cho phương trình : np ax+b = c(dx+e)n +αx+β Với các hệ số thỏa mãn : d = ac+α, e = bc+β Cách giải : Đặt dy +e = npax+b Ví dụ 32. Giải phương trình: √ 4x+9 28 = 7x2+7 Lời giải: ĐK : x ≥−9 4 PT ⇔ √ 4x+9 28 = 7(x+ 1 2 )2− 7 4 - Kiểm tra: a = 1 7 ;b = 9 28 ;c = 7;d = 1;e = 1 2 ;α= 0;β=−7 4 .Đặt y + 1 2 = √ 4x+9 28 ⇔ y2+ y + 1 4 = 4x+9 28 ⇔ 7y2+7y + 7 4 = x+ 9 4 ⇔ x+ 1 2 = 7y2+7, (1) Mặt khác : y + 1 2 = 7x2+7x, (2) Từ (1) và (2) ta có hệ :  x+ 1 2 = 7y2+7 y + 1 2 = 7x2+7x Đây là hệ đỗi xứng loại II đã biết cách giải . Ví dụ 33. Giải phương trình x2−6x+3=px+3,x ≥ 3. Lời giải: PT ⇔ (x−3)2−6=px+3 - Kiểm tra : a = 1;b = 3;c = 1;d = 1;e =−3;α= 0;β=−6.Đặt : y −3=px+3⇔ y2−6y +9= x+3⇔ x−3= y2−6y +3, (1) Mặt khác : y −3= x2−6x+3, (2) Từ (1) và (2) ta có hệ :{ x−3= y2−6y +3 y −3= x2−6x+3 Các bạn tự giải hệ trên. www.VNMATH.com Ví dụ 34. Giải phương trình: 3 p 3x−5= 8x3−36x2+53x−25 Lời giải: PT ⇔ 3p3x−5= (2x)3−3.4x2.3+3.9.2x−27−x+2⇔ 3p3x−5= (2x−3)3−x+2 - Kiểm tra :a = 3;b =−5;c = 1;d = 2;e =−3;α=−1;β= 2.Đặt : 2y −3= 3p3x−5⇔ (2y −3)3 = 3x–5 ⇔ 8y3−36y2+54y −27= 3x−5⇔ 8y3−36y2+53y −25= 3x− y–3, (1) Mặt khác : 8x3−36x2+53x−25= 2y–3, (2) Từ (1) và (2) ta có hệ :{ 8x3−36x2+53x−25= 2y −3 8y3−36y2+53y −25= 3x− y −3 Các bạn tự giải hệ trên. www.VNMATH.com

Tài liệu đính kèm:

PT_vo_ty_hay.pdf

Đề thi liên quan

Đề kiểm tra học kỳ II môn: Toán 9 năm học 2014 – 2015
Lượt xem: 824 Lượt tải: 4
Đề ôn tập môn Toán Lớp 9 - Đề số 47 (Có đáp án)
Lượt xem: 92 Lượt tải: 0
Đề thi học kỳ I năm học 2013 – 2014 môn Toán lớp 6
Lượt xem: 1164 Lượt tải: 2
Đề khảo sát chất lượng đầu năm – năm học 2013 –2014 môn thi: Toán 9 - Trường Thcs Nghi Kiều
Lượt xem: 1104 Lượt tải: 0
Đề thi chọn học sinh giỏi cấp tỉnh Thanh Hóa năm học: 2014-2015 môn thi: Toán lớp 9 thcs
Lượt xem: 1792 Lượt tải: 1
Đề tài Khai thác bất đẳng thức Côsi trong việc ra các bài toán nâng cao lớp 9
Lượt xem: 2887 Lượt tải: 3
Hướng dẫn ôn tập môn Toán Lớp 9 - Chương trình học kỳ 1
Lượt xem: 257 Lượt tải: 0
Bài kiểm tra chương III môm học Đại số 9
Lượt xem: 842 Lượt tải: 1
Đề thi học sinh giỏi lớp 9 cấp huyện Thanh Oai năm học 2015-2016 môn thi: Toán - Trường THCS Thanh Mai
Lượt xem: 1295 Lượt tải: 0
Đề kiểm tra chọn đội tuyển môn toán năm học 2005 - 2006
Lượt xem: 866 Lượt tải: 0