Giải Tích (cơ Bản) - Lý Thuyết Chuỗi - Đề Thi Mẫu

• Trang chủ
• Đăng ký
• Đăng nhập
• Liên hệ

Đề Thi Mẫu

Tổng hợp đề thi mẫu tham khảo cho học sinh, sinh viên.

Giải tích (cơ bản) - Lý thuyết chuỗi 15 trang | Chia sẻ: minhhong95 | Lượt xem: 6747 | Lượt tải: 1 Bạn đang xem nội dung tài liệu Giải tích (cơ bản) - Lý thuyết chuỗi, để tải tài liệu về máy bạn click vào nút DOWNLOAD ở trênGIẢI TÍCH (CƠ BẢN) Tài liệu ôn thi cao học năm 2005 Phiên bản đã chỉnh sửa PGS TS. Lê Hoàn Hóa Ngày 10 tháng 11 năm 2004 LÝ THUYẾT CHUỖI 1 Chuỗi số 1.1 Định nghĩa Định nghĩa 1. Cho (an)n là dãy số (có thể thực hay phức), chuỗi tương ứng ký hiệu là ∞∑ 1 an. Với mỗi k ∈ N, đặt sk = k∑ 1 an là tổng riêng phần thứ k. Khi k thay đổi trên N, có dãy tổng riêng phần (sk)k. Nếu lim k→∞ sk tồn tại hữu hạn, ta nói chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ và đặt S = lim k→∞ sk là tổng của chuỗi, S = ∞∑ 1 an. Nếu lim k→∞ sk không tồn tại hoặc lim k→∞ sk = +∞ hay lim k→∞ sk = −∞, ta nói chuỗi ∞∑ 1 an phân kỳ. Tính chất 1. Tính hội tụ và tổng của chuỗi không thay đổi nếu thay đổi thứ tự của một số hữu hạn số hạng. 2. Chuỗi ∞∑ 1 an và ∑ n≥n0 an cùng hội tụ hoặc cùng phân kỳ. 3. Điều kiện cần: nếu chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ thì lim k→∞ an = 0. 1 1.2 Chuỗi không âm Là chuỗi có dạng ∞∑ 1 an, an ≥ 0. Tính chất Cho ∞∑ 1 an, an ≥ 0. Khi đó dãy tổng riêng phần (sk)k là dãy tăng và nếu (sk)k bị chặn thì chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ. Dấu hiệu so sánh 1. Giả sử 0 ≤ an ≤ bn, ∀n ≥ n0. Khi đó, nếu ∞∑ 1 bn hội tụ thì ∞∑ 1 an hội tụ, nếu ∞∑ 1 an phân kỳ thì ∞∑ 1 bn phân kỳ. 2. Giả sử lim n→∞ an bn = k. Khi đó: (a) Nếu 0 < k <∞ thì ∞∑ 1 an, ∞∑ 1 bn cùng hội tụ hoặc cùng phân kỳ. (b) Nếu k = 0 và ∞∑ 1 bn hội tụ thì ∞∑ 1 an hội tụ, nếu ∞∑ 1 an phân kỳ thì ∞∑ 1 bn phân kỳ. (c) Nếu k =∞ và ∞∑ 1 an hội tụ thì ∞∑ 1 bn hội tụ, nếu ∞∑ 1 bn phân kỳ thì ∞∑ 1 an phân kỳ. Tiêu chuẩn tích phân Cho f : [1,+∞)→ R liên tục, f(x) ≥ 0 và f giảm. Với mọi n ∈ N, đặt an = f(n). Khi đó: Tích phân suy rộng ∞∫ 1 f(x)dx hội tụ ⇔ Chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ. Chuỗi cơ bản: • ∞∑ 1 1 ns hội tụ khi s > 1, phân kỳ khi s ≤ 1. • ∞∑ 0 tn, |t| < 1, hội tụ và tổng S = ∞∑ 0 tn = 1 1− t Dấu hiệu D’Alembert (tỉ số) Cho chuỗi số dương ∞∑ 1 an, an > 0. Giả sử lim n→∞ an+1 an = k. Khi đó: 1. Nếu k < 1 thì ∞∑ 1 an hội tụ. 2 2. Nếu k > 1 thì ∞∑ 1 an phân kỳ. 3. Nếu k = 1, chưa kết luận về sự hội tụ. Ghi chú. Nếu có an+1 an ≥ 1, ∀n ≥ n0 thì chuỗi ∞∑ 1 an phân kỳ. Dấu hiệu Cauchy (căn số) Cho chuỗi không âm ∞∑ 1 an, an ≥ 0. Giả sử lim k→∞ n √ an = k. Khi đó: 1. Nếu k < 1 thì chuỗi hội tụ. 2. Nếu k > 1 thì chuỗi phân kỳ. 3. Nếu k = 1, chưa kết luận về sự hội tụ. 1.3 Chuỗi đan dấu Có dạng ∞∑ 1 (−1)nan hoặc ∞∑ 0 (−1)nan, an ≥ 0. Dấu hiệu Leibnitz Cho chuỗi đan dấu ∞∑ 1 (−1)nan, an ≥ 0. Giả sử (an)n là dãy giảm và lim k→∞ an = 0 thì chuỗi hội tụ. Gọi S là tổng của chuỗi. Khi đó: |S| ≤ a1. 1.4 Chuỗi bất kỳ Có dạng ∞∑ 1 an với an có thể âm hay dương. Xét chuỗi không âm ∞∑ 1 |an|. Nếu chuỗi ∞∑ 1 |an| hội tụ thì chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ và ta nói chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ tuyệt đối. Nếu chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ nhưng chuỗi ∞∑ 1 |an| phân kỳ, ta nói chuỗi ∞∑ 1 an là bán hội tụ. Tính chất Nếu chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ tuyệt đối thì chuỗi có được bằng cách thay đổi thứ tự các số hạng cũng hội tụ và tổng của chuỗi không thay đổi. Ghi chú. Nếu bằng dấu hiệu D’Alembert hoặc Cauchy mà chuỗi ∞∑ 1 |an| hội tụ (phân kỳ) thì chuỗi ∞∑ 1 an cũng hội tụ (phân kỳ) 3 Định lí 1. Cho (an)n là dãy giảm, an ≥ 0, lim n→∞ an = 0. Cho (bn)n là dãy bất kỳ (không cần dương). Giả sử có hằng số C > 0 sao cho với mọi n ∈ N, ∣∣∣∣∣ n∑ 1 bk ∣∣∣∣∣ ≤ C. Khi đó, chuỗi ∞∑ 1 anbn hội tụ và tổng S = ∞∑ 1 anbn thỏa mãn |S| ≤ Ca1. Thí dụ Xét sự hội tụ của chuỗi 1. ∞∑ 2 1 n lnα n Đặt f : [2,∞) → R, f(x) = 1 x lnα x thì f liên tục, f(x) ≥ 0 và f giảm. Khi đó, f(n) = 1 n lnα n , n ≥ 2. Xét tích phân suy rộng ∞∫ 2 dx x lnα x = ∞∫ ln 2 dt tα (đổi biến t = ln x) Tích phân hội tụ khi α > 1, phân kỳ khi α ≤ 1. Vậy chuỗi ∞∑ 2 1 n lnα n hội tụ khi α > 1, phân kỳ khi α ≤ 1. 2. ∞∑ 1 ( n √ a− 1)α với a > 1 Đặt an = ( n √ a− 1)α = ( e 1 n ln a − 1 )α và bn = lnα a nα thì lim n→∞ an bn = 1 Chuỗi ∞∑ 1 lnα a nα hội tụ khi α > 1, phân kỳ khi α ≤ 1. Vậy chuỗi đã cho hội tụ khi α > 1, phân kỳ khi α ≤ 1. 3. ∞∑ 1 [ ln 1 n 2 5 − ln ( sin 1 n 2 5 )] Đặt an = [ ln 1 n2/5 − ln ( sin 1 n2/5 )] = − ln sin 1n2/51 n2/5  Do sin t = t− t 3 6 + o(t3) nên sin t t = 1− t 2 6 + o(t2) Đặt bn = 1 n4/5 , dùng lim t→0 ln(1 + t) t = 1, ta có lim n→∞ an bn = 1 6 Do chuỗi ∞∑ 1 1 n4/5 phân kỳ nên chuỗi đã cho phân kỳ. 4. ∞∑ 1 [ sin 1 n − ln ( 1 + 1 n )] 4 Đặt an = sin 1 n − ln ( 1 + 1 n ) Dùng khai triển Taylor: sin t = t− t 3 6 + o(t3), ln(1 + t) = t− t 2 2 + o(t2) Suy ra: sin t− ln(1 + t) = t 2 2 + o(t2) Đặt bn = 1 2n2 , ta có lim n→∞ an bn = 1 Do chuỗi ∞∑ 1 1 2n2 hội tụ nên chuỗi đã cho hội tụ. 5. ∞∑ 1 ( 1 n − ln n+ 1 n ) Đặt an = 1 n − ln n+ 1 n Do t− ln(1 + t) = t 2 2 + o(t2), đặt bn = 1 2n2 , ta có: lim n→∞ an bn = 1 Do chuỗi ∞∑ 1 1 2n2 hội tụ nên chuỗi đã cho hội tụ. 6. Xét sự hội tụ của chuỗi dương ∞∑ 1 an thỏa điều kiện: ∀n ≥ n0, n√an ≤ ( 1− 1 nα ) với α ∈ (0, 1). Ta có: 0 < an ≤ ( 1− 1 nα )n , ∀n ≥ n0 Xét lim n→∞ n2 ( 1− 1 nα )n Ta có ln [ n2 ( 1− 1 nα )n] = 2 lnn− n ln ( 1− 1 nα ) = n1−α [ 2 lnn n1−α − nα ln ( 1− 1 nα )] Do lim n→∞ lnn n1−α = 0, lim n→∞ nα ln ( 1− 1 nα ) = −1 nên lim n→∞ n2 ( 1− 1 nα )n = 0 Dẫn đến lim n→∞ n2.an = 0 Do chuỗi ∞∑ 1 1 n2 hội tụ nên ∞∑ 1 an hội tụ. 7. (a) Xét sự hội tụ của chuỗi ∞∑ 1 an thỏa điều kiện: 5 an > 0, an+1 an ≤ ( n n+ 1 )α với α > 1 (b) Xét sự hội tụ của chuỗi ∞∑ 1 un với: un = 1.3. . . . .(2n− 1) 2.4. . . . .2n.(2n+ 2) (a) Đặt bn = 1 nα , ta có an+1 an ≤ ( n n+ 1 )α = bn+1 bn = ( 1− 1 n+ 1 )α , ∀n Suy ra an+1 bn+1 ≤ an bn ≤ · · · ≤ a1 b1 = a1, ∀n Vậy an ≤ a1.bn, ∀n. Do α > 1, chuỗi ∞∑ 1 1 nα hội tụ nên chuỗi ∞∑ 1 an hội tụ. (b) Ta có un+1 un = 2n+ 1 2n+ 4 = 1− 3 2(n+ 2) ≤ ( 1− 1 n+ 2 ) 3 2 (∗) Tương tự (7a) với bn = 1 (n+ 1)3/2 ta có chuỗi ∞∑ 1 un hội tụ. Ta chứng minh: với t ∈ [0, 1], α > 1, (1− t)α ≥ 1− αt Đặt ϕ(t) = (1− t)α − (1− αt), ta có: ϕ′(t) = −α(1− t)α−1 + α ≥ 0 Do ϕ(0) = 0 nên ϕ(t) ≥ 0, ∀t ∈ [0, 1] hay (1− t)α ≥ 1− αt 8. Cho α ∈ (0, 2pi), s > 0. Xét sự hội tụ của hai chuỗi ∞∑ 1 cosnα ns , ∞∑ 1 sinnα ns Trước tiên chứng minh: có M > 0 sao cho∣∣∣∣∣ n∑ 0 cos kα ∣∣∣∣∣ ≤M, ∣∣∣∣∣ n∑ 0 sin kα ∣∣∣∣∣ ≤M, ∀n Do eikα = cos kα+ i sin kα, ∀k ∈ N, ta có: n∑ 0 eikα = 1− ei(n+1)α 1− eiα = (1− cos(n+ 1)α)− i sin(n+ 1)α (1− cosα)− i sinα = [(1− cos(n+ 1)α)− i sin(n+ 1)α][(1− cosα) + i sinα] (1− cosα)2 + sin2 α Đồng nhất phần thực và ảo ∣∣∣∣∣ n∑ 0 cos kα ∣∣∣∣∣ = ∣∣[1− cos(n+ 1)α](1− cosα) + sinα. sin(n+ 1)α∣∣ (1− cosα)2 + sin2 α ≤ 5 (1− cosα)2 + sin2 α 6 ∣∣∣∣∣ n∑ 0 sin kα ∣∣∣∣∣ = ∣∣[1− cos(n+ 1)α] sinα+ (1− cosα). sin(n+ 1)α∣∣ (1− cosα)2 + sin2 α ≤ 4 (1− cosα)2 + sin2 α Vậy điều khẳng định được chứng minh. Do hai chuỗi đã cho có dạng ∞∑ 1 anbn với lần lượt bn = cosnα, bn = sinnα và an = 1 ns , (an)n là dãy giảm, lim n→∞ an = 0 và có hằng số C ≥ 0 thỏa mãn:∣∣∣∣∣ n∑ 1 cos kα ∣∣∣∣∣ ≤ C, ∣∣∣∣∣ n∑ 1 sin kα ∣∣∣∣∣ ≤ C, ∀n Vậy chuỗi ∞∑ 1 cosnα ns , ∞∑ 1 sinnα ns hội tụ. 9. Cho α > 0, s > 0. Xét sự hội tụ của chuỗi đan dấu ∞∑ 2 (−1)n ln α n ns Xét hàm ϕ(t) = lnα t ts Ta có ϕ′(t) = lnα−1 t ts+1 (α− s ln t) ≤ 0 khi ln t ≥ α s Vậy ϕ là hàm giảm khi t ≥ eα/s Với n0 ∈ N sao cho n0 ≥ eα/s, chuỗi đan dấu ∑ n≥n0 (−1)n ln α n ns có dãy ( lnα n ns ) là dãy giảm, lim n→∞ lnα n ns = 0 Theo dấu hiệu Leibnitz, chuội đã cho hội tụ. 2 Bài tập 1. Tính tổng riêng và tổng (nếu có) của chuỗi sau (a) ∞∑ 1 1 4n2 − 1 HD: an = 1 4n2 − 1 = 1 2 ( 1 2n− 1 − 1 2n+ 1 ) (b) ∞∑ 1 3n2 + 3n+ 1 n3(n+ 1)3 HD: an = 1 n3 − 1 (n+ 1)3 (c) ∞∑ 1 arctg 1 n2 + n+ 1 HD: arctg a− arctg b = arctg a− b 1 + ab 2. Xét sự hội tụ của các chuỗi sau 7 (a) ∞∑ 1 1√ n(n+ 1) (b) ∞∑ 1 √ n+ 1−√n− 1 n3/4 (c) ∞∑ 1 ( √ n2 + 1− n)α (d) ∞∑ 1 1 nα ( n+ 1 n )n HD: lim n→∞ ( n+ 1 n )n = e (e) ∞∑ 1 ln ( 1 + 1 nα ) HD: ln(1 + t) ∼ t (f) ∞∑ 1 1√ n ln ( n+ 1 n− 1 ) (g) ∞∑ 1 ( 1− cos 1 nα ) HD: 1− cos t ∼ t 2 2 (h) ∞∑ 1 n4/3 arctg 1 n2 (i) ∞∑ 1 lnn n3/2 (j) ∞∑ 1 2n + 3n 4n + n2 3. Dùng tiêu chuẩn tỉ số hoặc căn số xét sự hội tụ của chuỗi (a) ∞∑ 1 n! 8n.n2 (b) ∞∑ 1 1.3.5. . . . .(2n− 1) 22n.(n− 1)! (c) ∞∑ 1 7n(n!)2 n2n (d) ∞∑ 1 n ( 2n+ 1 3n− 1 )n (e) ∞∑ 1 1 2n ( 1 + 1 n )n2 (f) ∞∑ 1 ( n− 1 n+ 1 )n(n−1) 4. Xét sự hội tụ của chuỗi đan dấu: 8 (a) ∞∑ 1 (−1)n. n+ 1 n2 + n+ 1 (b) ∞∑ 1 (−1)n. ln ( 1 + 1 nα ) , α > 0 (c) ∞∑ 1 (−1)n tg 1√ n sin 1√ n (d) ∞∑ 1 (−1)n n+ cos 1√ n (e) ∞∑ 1 ( √ n+ 1−√n) cosnpi HD: cosnpi = (−1)n (f) ∞∑ 1 (−1)n+11.4.7. . . . .(3n− 2) 3.5.7. . . . .(2n+ 1) 5. Xét sự hội tụ và hội tụ tuyệt đối của chuỗi (a) ∞∑ 1 (−1)n+1 1 nα lnn , α > 0 (b) ∞∑ 1 (−1)n 1 nα.n1/n , α > 0 (c) ∞∑ 1 (−1)n ( n+ 1 2n2 + 1 )α , α > 0 (d) ∞∑ 1 cosna nα , α > 0, a ∈ (0, pi) HD (5d) ∞∑ 1 cos2 na nα ,= 1 2 ∞∑ 1 cos 2na+ 1 nα Với α ≤ 1, chuỗi ∞∑ 1 1 nα phân kỳ, ∞∑ 1 cos 2na nα hội tụ. Suy ra chuỗi ∞∑ 1 cos2 na nα phân kỳ. Do | cosna| ≥ cos2 na, ∀n ∈ N nên chuỗi ∞∑ 1 | cosna| nα phân kỳ. Vậy chuỗi ∞∑ 1 cosna nα , α ≤ 1, hội tụ nhưng không hội tụ tuyệt đối. 9 3 Chuỗi hàm số 3.1 Sự hội tụ : Định nghĩa 2. Với mọi n ∈ N, un : I ⊂ R → R, chuỗi hàm tương ứng ký hiệu là n∑ 1 un. Với mỗi x ∈ I, có chuỗi số thực ∞∑ 1 un(x), khi x thay đổi trên I, có vô số chuỗi số, trong số đó có những chuỗi số hội tụ và những chuỗi phân kỳ. Đăt D = { x ∈ I, ∞∑ 1 un(x) hội tụ } và đặt u(x) = ∞∑ 1 un(x), x ∈ D. D được gọi là miền hội tụ của chuỗi, ký hiệu : u = ∞∑ 1 un. Ta nói : – ∞∑ 1 un hội tụ về u trên D ⇔ ∀x ∈ D, ∀ε > 0,∃k0 : ∀k ≥ k0 =⇒ ∣∣∣∣∣ ∑n≥k0 un(x) ∣∣∣∣∣ < ε. – ∞∑ 1 un hội tụ đều về u trên D ⇔ ∀ε > 0,∃k0 ∈ N : ∀k ≥ k0 =⇒ ∣∣∣∣∣ ∑n≥k0 un(x) ∣∣∣∣∣ < ε,∀x ∈ D. Dấu hiệu Weierstrass: Giả sử : |un(x)| ≤ an,∀x ∈ D, ∀n ≥ n0 và ∞∑ 1 an hội tụ. Khi đó chuỗi ∞∑ 1 un hội tụ đều trên D. Định lí 2 (Weierstrass). 1) Giả sử : ∀n ∈ N, un liên tục trên D, ∞∑ 1 un hội tụ đều về u trên D. Khi đó u liên tục trên D. 2) Giả sử : ∀n ∈ N, un khả vi liên tục trên [a, b], chuỗi đạo hàm ∞∑ 1 u′n hội tụ đều về v và có x0 ∈ [a, b] sao cho chuỗi số ∞∑ 1 un(x0) hội tụ. Khi đó có hàm u khả vi liên tục trên [a, b] sao cho chuỗi ∞∑ 1 un hội tụ đều về u trên [a, b] và u′ = v = ∞∑ 1 u′n. Hơn nữa : x∫ a u(t)dt = ∞∑ 1 x∫ a u(t)dt. 4 Chuỗi lũy thừa: Định nghĩa 3. Chuỗi lũy thừa là chuỗi có dạng ∞∑ 0 an(x− x0)n, x0 là tâm của chuỗi. 10 Định lí 3. Cho chuỗi lũy thừa ∞∑ 0 an(x− x0)n. Giả sử : lim n→∞ ∣∣∣∣an+1an ∣∣∣∣ = ρ hoặc limn→∞n√|an| = ρ. Đặt R = 1 ρ và gọi R là bán kính hội tụ của chuỗi. Khi đó : i. Chuỗi ∞∑ 0 an(x− x0)n hội tụ về hàm u trên (x0 −R, x0 +R). ii. Chuỗi ∞∑ 0 an(x− x0)n phân kỳ khi |x− x0| > R. iii. Hàm u khả vi và u′(x) = ∞∑ 1 nan(x− x0)n−1,∀x ∈ (x0 −R, x0 +R) Hơn nữa : x∫ x0 u(t)dt = ∞∑ 0 an n+ 1 (x−x0)n+1,∀x ∈ (x0−R, x0+R). Miền hội tụ của chuỗi ∞∑ 0 an(x− x0)n là (x0−R, x0 +R) có thể thêm vào điểm đầu x0−R và điểm cuối x0 +R tùy từng trường hợp. Thí dụ : 1) Chuỗi ∞∑ 0 1 1 + x2n có miền hội tụ là |x| > 1. Với a > 1, ta có : 1 1 + x2n ≤ 1 1 + a2n , ∀x, |x| ≤ a và ∞∑ 0 1 a2n hội tụ. Vậy chuỗi hàm hội tụ đều trên miền |x| ≥ a. 2) Chuỗi ∞∑ 0 (−1)n nlnx là chuỗi hàm đan dấu, có miền hội tụ là x > 1. Với a > 1, ε > 0, do tính chất của chuỗi đan dấu, có k0 ∈ N : 1 kln a0 < ε, với k ≥ k0 ta có : ∣∣∣∣∣∑ n≥k (−1)n nlnx ∣∣∣∣∣ ≤ 1kln a ≤ 1 kln a0 < ε. Vậy chuỗi hội tụ đều trên miền x ≥ a. 3) Chuỗi ∞∑ 0 xn 1 + xn , x 6= 1. Với |x| < 1, có n0 ∈ N sao cho : ∀n ≥ n0 thì |x|n < 1 2 . Suy ra : ∣∣∣∣ xn1 + xn ∣∣∣∣ ≤ 2|x|n. Vậy miền hội tụ của chuỗi là (−1, 1). Tuy nhiên chuỗi không hội tụ đều trên (−1, 1). Thật vậy, với ε = 1, với mọi k ∈ N có thể chọn x ∈ (0, 1) sao cho: x k 1− x2 > 1 Khi đó : 1 < xk 1− x2 = ∑ n≥k xn 1 + x ≤ ∑ n≥k xn 1 + xn . 11 Với mọi 0 < a < 1, ta có : ∣∣∣∣ xn1 + xn ∣∣∣∣ ≤ an1− a, ∀x, |x| ≤ a,∀n ∈ N. Chuỗi ∞∑ 0 an hội tụ. Vậy chuỗi ∞∑ 0 xn 1 + xn hội tụ đều trên [−a, a]. 4) Với s > 0, chuỗi ∞∑ 1 cosnx ns , ∞∑ 1 sinnx ns hội tụ khi x 6= k2pi, k ∈ Z. Thật vậy, với mỗi k, p ∈ N có hằng số M sao cho:∣∣∣∣∣ k+p∑ k cosnx ∣∣∣∣∣ ≤ M1− cosx, ∣∣∣∣∣ k+p∑ k sinnx ∣∣∣∣∣ ≤ M1− cosx dãy ( 1 ns ) giảm về 0 nên chuỗi ∞∑ k cosnx ns , ∞∑ k sinnx xs hội tụ, có tổng S1 = ∞∑ k cosnx ns , S2 = ∞∑ k sinnx ns thỏa mãn: |S1| ≤ 1 ks M 1− cosx, |S2| ≤ 1 ks M 1− cosx. Với a > 0 và ε > 0 bất kỳ, do M 1− cosx ≤ M 1− cosa,∀x ∈ [a+ 2ipi, 2(i+ 1)pi − a], ∀i ∈ Z, chọn k0 ∈ N sao cho: 1 ks . M 1− cos a < ε. Khi đó, với k ≥ k0, ta có:∣∣∣∣∣ ∞∑ k cosnx ns ∣∣∣∣∣ < ε, ∣∣∣∣∣ ∞∑ k sinnx ns ∣∣∣∣∣ ε, ∀x ∈ [a+ 2ipi, 2(i+ 1)pi − a]. Suy ra: chuỗi ∞∑ 1 sinnx xs , ∞∑ 1 cosnx xs hội tụ đêu trên miền [a+ 2ipi, 2(i+ 1)pi − a], i ∈ Z. Ghi chú: Chuỗi ∞∑ 1 sinn2x n2 hội tụ trên R nhưng chuỗi đạo hàm từng số hạng ∞∑ 1 cosn2x không hội tụ. Công thức Maclaurin của các hàm cơ bản: 1) 1 1− t = ∞∑ 0 tn, |t| < 1 2) 1 1 + t = ∞∑ 0 (−1)ntn, |t| < 1 3) et = ∞∑ 0 tn n! , ∀t ∈ R 12 4) sin t = ∞∑ 0 (−1)n t 2n+1 (2n+ 1)! ,∀t ∈ R 5) cos t = ∞∑ 0 (−1)n t 2n (2n)! , ∀t ∈ R 6) ln(1 + t) = ∞∑ 0 (−1)n t n+1 n+ 1 , t > −1 7) (1 + t)α = 1 + αt+ α(α− 1) 2! t2 + . . .+ α(α− 1) . . . (α− n+ 1) n! tn + . . . , |t| < 1. Chuỗi Taylor: Cho hàm f khả vi vô hạn lần trong lân cận của x0. Chuỗi ∞∑ 0 f (n)(x0) n! (x − x0)n là chuỗi Taylor của f trong lân cận của x0. Nếu chuỗi Taylor của f có bán kính hội tụ R > 0 thì f(x) = ∞∑ 0 f (n)(x0) n! (x− x0)n, x ∈ (x0 −R, x0 +R). Bài Tập 1. Tìm miền hội tụ của chuỗi hàm : 1) ∞∑ 1 1 nx 2) ∞∑ 1 (−1)n+1 1 + nx 3) ∞∑ 1 n− 1 xnx 4) ∞∑ 0 ( xn + 1 2nxn ) 2. Xét sự hội tụ đều của chuỗi hàm: 1) ∞∑ 1 (−1)n x2n + n trên R. HD : dùng chuỗi đan dấu. 2) ∞∑ 0 xne−nx trên [0, a] với a > 0. 3) ∞∑ 0 1√ n (x2n − x2n+1) trên [0, 1]. HD : 0 ≤ un(x) = 1√ n (x2n − x2n+1) ≤ 1√ n(2n+ 1) , ∀x ∈ [0, 1]. 4) ∞∑ 0 (−1)n x 2 (1 + x2)n trên R. 13 3. Tìm miền hội tụ của chuỗi lũy thừa sau : 1) ∞∑ 1 xn n 2) ∞∑ 1 (x− 2)n ns , s > 0. 3) ∞∑ 1 (x+ 1)n (2n− 1)! 4) ∞∑ 1 xn 3n + 2n 5) ∞∑ 0 2 √ n(x+ 1)n 6) ∞∑ 1 (x− 4)n√ n 7) ∞∑ 1 (−1)n−1 n2n xn 8) ∞∑ 1 ( n+ 1 2n+ 1 )n (x− 2)2n, HD : đặt t = (x− 2)2 9) ∞∑ 1 (x+ 5)2n−1 n24n , HD : xét (x+ 5) ∞∑ 1 (x+ 5)2n−2 n24n . 10) ∞∑ 2 1 n(lnn)2 (x− 1)n 11) ∞∑ 1 lnn n (x+ 2)n. 4. Tính tổng của các chuỗi sau : 1) ∞∑ 1 (−1)n2nx2n−1, x ∈ (−1, 1). HD: đặt f(x) = ∞∑ 1 (−1)n2nx2n−1, x ∈ (−1, 1). Tính tích phân hai vế. 2) ∞∑ 1 xn n , x ∈ (−1, 1) HD: f(x) = ∞∑ 1 xn n , f(0) = 0. Đạo hàm hai vế. 3) ∞∑ 1 nxn, x ∈ (−1, 1) HD : f(x) = x. ∞∑ 1 nxn−1 = x.S(x) với S(x) = ∞∑ 1 nxn−1. 14 4) ∞∑ 0 ( 1 + 2 3n+1 ) xn, x ∈ (−1, 1). HD: tách thành tổng hai chuỗi. 5) ∞∑ 2 n(n+ 1)xn−2, x ∈ (−1, 1). HD : đặt S(x) = ∞∑ 2 n(n+ 1)xn−2, S(0) = 6, xS(x) = ∞∑ 2 n(n+ 1)xn−1. 5. Khai triển Maclaurin của các hàm số sau : 1) f(x) = sin2 x. HD : sin2 x = 1 2 (1− cos 2x). 2) f(x) = x3 + x+ 1 x3 − 4x+ 3 . HD : f(x) = x+ 4− 3 2(x−1) + 31 2(x−3) . 3) f(x) = xex 2 , Tính f (19)(0). HD : f(x) = ∞∑ 0 x2n+1 n! = ∞∑ 0 f (k)(0) k! xk. Đồng nhất hệ số của x19 ở hai vế. 4) f(x) = x 1 + x4 , Tính f (17)(0). 5) f(x) = 3 √ 8 + x. 6) f(x) = ln(x+ √ 1 + x2). HD : f(0), f ′(x) = (1 + x2)− 1 2 , f ′(x) = ∞∑ 0 x∫ 0 α(α− 1) . . . (α− n+ 1) n! t2ndt, với α = −1 2 . 7) f(x) = x∫ 0 sin t t dt. 15

File đính kèm:

• 20041028thayHoabai3.pdf

Đề thi liên quan

• Đề thi chọn học sinh giỏi lớp 12 THPT cấp tỉnh năm học 2009 - 2010 môn Toán học

  3 trang | Lượt xem: 518 | Lượt tải: 0

• Đề thi Trung học phổ thông Quốc gia môn Toán năm 2017 - Mã đề thi: 121 - Bộ Giáo dục và Đào tạo (Kèm đáp án)

  6 trang | Lượt xem: 173 | Lượt tải: 0

• Đề thi thử kì thi THPT Quốc gia môn Toán năm 2017 - Đề số 25 ( Có đáp án)

  25 trang | Lượt xem: 183 | Lượt tải: 0

• Đề thi THPT Quốc gia môn Toán năm 2017 - Mã đề thi: 121 - Bộ Giáo dục và Đào tạo (Kèm đáp án)

  6 trang | Lượt xem: 263 | Lượt tải: 0

• Đề khảo sát chất lượng môn: Toán khối 12

  1 trang | Lượt xem: 927 | Lượt tải: 0

• Đề ôn thi tốt nghiệp môn toán(chương trình chuẩn) đề số 2 (thời gian làm bài 150 phút)

  1 trang | Lượt xem: 685 | Lượt tải: 0

• Bài tập Mặt cầu trong không gian

  4 trang | Lượt xem: 2158 | Lượt tải: 0

• Đề thi chọn học sinh giỏi cấp trường THPT C Hải Hậu năm học 2013 - 2014 môn thi: Toán

  2 trang | Lượt xem: 900 | Lượt tải: 0

• Giáo án Toán 12 - Tiết 7, 8: Giá trị lớn nhất & giá trị nhỏ nhất của hàm số

  3 trang | Lượt xem: 1102 | Lượt tải: 0

• Đề kiểm tra Toán 12 - Học kì 1 - Đề số 25

  5 trang | Lượt xem: 1055 | Lượt tải: 1

Copyright © 2024 DeThiMau.vn, Đề thi mới nhất, Thư viện Đề thi